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站在冰面上的人是一个独立的系统,在没有外力的情况下,它的动量是守恒的(无论冰摩擦如何),所以无论手和脚做什么,它们相对于冰面的速度都保持不变。
以上是在直线运动的情况下考虑的,如果运动是曲线,手或脚的抖动会使重心移动,运动曲线的大小会发生变化,并且为了保持动量守恒,速度也会发生变化。
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动量守恒的条件非常严格,是一个独立的系统,没有外力或外力,合力和合力距离为0
当你甩手或踢脚时,你的脚向重心移动,并且相对于冰也有滑动,冰的摩擦很小,但不是没有。
一楼的第二个条件是它忽略了作用在力上的外力,但它不是严格守恒的动量。
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根据牛顿第三定律,物体受到施加和反作用力,大小相等,方向相反。
设 A 的质量为 2m,B 的质量为 m,作用力和反作用力的大小为 f。
根据牛顿第二定律、能量守恒定律和动量守恒定律,判断 a 的速率是 b 的一半,因此选择 B
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b d 弹簧施加在AB上的力可以看作是系统的内力,系统的动量为零。
释放后,ab的动量大小相等,方向相反,物体A的质量是b质量的两倍,因此a的速度是b的一半。
当 a 和 b 的速度相等时,只有等于零才为真,弹簧变形最大,即弹性势能最大。
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A项:错,因为AB的弹性力相同,弹性力作用时间相同,由p=ft,所以弹性力对AB的冲量相同,所以AB得到相同的动量,弹性力作用时间相同,所以动量变化率相同, 和C误差可以同时得到。
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1.质量为 m 的炮弹沿水平方向飞行,这是动量守恒定律。
2mek) 1 2=(mek1) 1 2-(mek 2) 1 2 正片的动能 ek1=
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2 根据动量守恒 p0=(-p1)+p2 所以 p2>p0
动能是可以直接加减去的标量,所以e0=e1+e2
e2
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木箱和木块系统受到的合力为零,因此动量守恒且始终向右。 因此,AD是错误的。
由于木箱底板粗糙,只要木箱和木块的速度不相等,系统的动能就会不断消散,直到两者达到相同的速度。 结合系统中动态马铃薯量的守恒,很容易知道B是对的,C是错的。
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首先,从动量守恒可以知道系统最后一个尖峰辊的动量可以向右定向,从能量分析可以看出,摩擦猜到了剩余热量所消耗的机械能,所以两个物体一定是相对静止的(因为木箱的内壁粗糙且摩擦过大), 所以选择了 B
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首先,初始动量的方向是向右的,动量也是动量守恒向右的方向,它等于初始动量(内力不改变动量的大小),并且由于底板与木块有摩擦, 凸起的日期最终将随着木块而停止
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水以原来的速度**! (因为最大压力)。
设置面积 s、时间 t
m=psvt
f×t=m(-v-v)
p=fs 给出 p=2pv2
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解:将水柱想象成一个横截面积为 S 的圆柱体,时间 t:m=SVTP
根据动量定理:i=f*t=mv-0 从 p=f s 给出 f=mv t=svpv 和 p=pv*v
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这么说吧,这个问题可以通过把球和弧线看作一个整体来做。
如果从问题来看球,只看垂直方向:刚接触圆弧给球一个沿直径方向的力,垂直方向的分力大于球的重力,所以球有垂直向上的加速度,然后有向上的速度。
当弧速缓慢增加时,它在垂直方向上给予球的力会慢慢减小,至于减少量不属于高中范畴,当弧速小于球时,弧线垂直方向上的力将等于球在某一点的重力, 球垂直方向的力为零。
继续移动,垂直弧线对球的力继续减小,然后球在垂直方向上的力方向继续向下增加,球在垂直方向上做减速,直到弧线和球的速度相同,此时球在垂直方向上的速度为零, 并且它与弧线接触但不挤压,也就是说,球只保持重力。
所以在这一点上,球在顶部。
很明显,球和弧线作为一个整体来分析,垂直方向的重力和支撑力合力为零,做工为零,自然没有速度(否则,垂直方向的动能怎么来? 当球与弧线接触而不挤压时,如果球具有向上的速度,则与上述相冲突。
简单地说,支撑不是主要的驱动力,它不产生能量。
希望你能理解,好久没学了,有点乱,见谅。
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重要的是要考虑到接触面是光滑的,因此一旦球接触到弧线,弧线就会开始直线加速。 在球上升到最高点之前,球的垂直速度为零。
注意,上面的描述并没有说球的最高点上升到弧线,如果球速足够快,就有可能抛出弧线,但这不是球的垂直向上抛运动,而是存在与弧速相同的水平亚速度, 球与圆弧分离后,圆弧做匀速直线运动。球的垂直速度在上升的最高点为零,但由于没有摩擦,水平速度仍然与弧线相同。只是相对于弧线,球做一个垂直向上的抛球运动,这与参考系的选择有关。
当这个问题得到解决时,最好将其解释为弧线作为参考系。 这样,在整个运动过程中,只有球的引力在做功,而球在弧面上的弧面上的力是垂直于球的瞬时速度的,所以它只是改变方向而不做功。 由于使用圆弧作为参考系,因此不考虑圆弧的运动。
当球与弧线同速时,球只受到重力作用(无论参考系的选择如何)。 如果使用水平面作为参考系,则弧在球上的压力将作用在弧上以加速其运动。
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动量守恒是指系统的总动量是球的初始动量,当球与弧线的速度相同时,它们的速度必须与球的初始速度方向相同,从而保证相同速度下的动量等于球的初始动量, 这是没有向上的速度必须达到最高点。
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这个问题不能通过动量守恒来解决,(因为人板系统的合力不为零)。
它也不能通过机械能守恒来解决,因为存在摩擦。
问题只能通过运动学和力学、体力分析和加速度分析来解决。
其实,动能的损失换成什么,具体情况要具体分析一下,动能可以转化为势能,也可以转化为其他物体的动能,也可以转化为物体的内能。 例如,在最后一个问题中,根据动量守恒原理,将两个物体的部分动能相互转换,另一部分转换为两个物体的内能。 (例如,剧烈碰撞会导致火花飞溅)。
杆子的扭曲转化为弹性势,有的也会转化为能量,例如,如果来回折叠电线,电线就会发热。 另外,扭腰时,会与空气发生摩擦,其中极小的一部分会转化为空气内能。
摩擦转化为内能,更容易理解,例如钻木头生火。
设木板到地面的加速度为:a2,人到地面的加速度为:a1=4(m s 2),人踩木板的力为:f
然后是:a1=f 50(1),a2=(f-100ug) 50(2),由(1),(2)我们得到:a2=2(m s 2),(方向与a1相反)。
那么:人相对于板块的加速度为:a12=a1-a2=6(m s 2)(a2的方向与a1相反,计算时取负值)。
从:s=at 2 2,代入:s=12,a=a12=6(m s 2),我们可以得到:t=2(s)。
然后是:人相对于地面的距离:s1 = a1t 2 2,t = 2,解为:s1 = 8(m)。
木板到地面的距离为s2=a2t 2 2,t=2,解为:s1=4(m)。
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好久没做过物理题了,咱们试一试。。
熊孩子的质量为50kg,熊孩子=4米秒加速运动。
木板对熊孩子产生 f 木板 = 50x4 = 200 N 的摩擦力。
地面和木板之间的摩擦系数是。
地面在木板上产生的最大摩擦力为(50+50)xg(取g=10)ox。
木板接收熊孩子给出的摩擦力 f = 200 N,地面给出的摩擦力 f 为 100 N。
木板的加速方向与熊的运动方向相反,一块木板的加速度 = 100 50 = 2 m 秒
根据标题,当熊孩子傲娇时,熊孩子t+一块木板t=12米。
解决方案 t=2 秒。
让 V 熊的孩子是积极的。
当熊孩子傲慢时,S熊孩子=8米,S板=-4米,V熊孩子=8米秒,V板=-4米秒。
熊孩子拿着木杆,按动量守恒(m熊孩子v熊孩子)+(m木板v木板)=(m熊孩子+m木板)·v总计。
v 总计 = 2 m s。
总摩擦力为 100 N,总加速度 a = 1 m 秒
解决方案必须保持到停止时间 t 停止 = 2 秒,位移 s 停止 = 2 米。
从开始到停止,S 熊子总数 = S 熊子 + S 停止 = 8 + 2 = 10 米; S 木板总计 = S 木板 + S 停止 = -4 + 2 = -2 米。
也就是说,熊向右移动 10 米,木板向左移动 2 米。
帮助查看答案,对吧? o(∩_o~
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动量守恒只能用于净外力为零的系统,而在这个问题中摩擦力是外力,净外力不为零,这显然不符合动量守恒定律。 动量定理是可用的,即摩擦力的冲量等于系统动量的这个变量。
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首先要说明摩擦情况,如果有摩擦,这个问题的条件不够,所以默认是平滑的,既然是平滑的,那么系统的动量守恒,第一个问题可以直接除以mv0除以总质量m。 这并不难。
第二个问题问滑块2和滑块3的碰撞过程2损失的动能,那么可以一步一步地跟着走(这其实有一个中间结论,可以引入损耗系数),前2个的速度好,动量直接守恒, 和 v=mv0 (4m)=
碰撞后为0,然后利用动量守恒求解最终速度v,再减去初始动能和最终动能。
问题2:问题问:m和m之间有什么关系,能使长板第二次与垂直墙发生碰撞?
你要能够翻译这个理解,这实际上是在问你:当m和m的关系满足时,碰撞后动量的方向没有改变?
只要你转换到这一步,你就可以很容易地得出m>m没问题的结论,因为如果满足这个条件,那么在碰撞后的任何时候,t,系统总动量的方向将始终指向墙的方向,并且在铅块不滑下木板的情况下(根据标题), 两人最终会以相同的速度V1撞墙(你可以自己找到,这并不难)。
第二个问题显然是多重碰撞问题,显然不能一次计算出来,只能遵守规律,用规律来解决。 在满足一的条件下,只要两者处于运动状态,那么总动量就必须始终指向墙的方向,这样碰撞、运动、碰撞、循环继续,最终的结果是:木板的右端最终靠近墙体,处于静止状态, 不再移动,引线块当然在板上静止不动。
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一点一点地:
第一次碰撞:
m接触m,碰撞前的速度为v0,0,碰撞后的质量为2m,速度为v0 2;(动量守恒,动能不守恒)。
第二次碰撞:
2m触及2m,碰撞前速度为v0 2,0,碰撞后速度为4m,速度为v0 4;(动量守恒,动能不守恒)。
第三次碰撞:
4m触及4m,碰撞前速度为v0 4,0,碰撞后为8m,速度为v0 8;(动量守恒,动能不守恒)——这是第三次滑行的最终速度;
碰撞前滑块 2 的动能 e=(1 2)*2m*v0 4*v0 4,碰撞后滑块 2 的动能 e=(1 2)*2m*v0 8*v0 8,如果你想要这个过程,我就不给出答案了。
我先给你这个答案,稍后再帮你看另一个问题。
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CD这个问题是用V-T图像来解释的,先看图片,阻力是相同的两次,子弹加速度f m,木块的加速度f m,木块第一次的初始速度是0,第二次不是0,在通过的过程中两次, 子弹的位移减去木块的位移是L,在图中是梯形面积(减小幅度大),所以第二次通过需要很长时间,所以可以判断ab误差,d是正确的,摩擦产生的热量与相对位移有关,即 木块 L、C 的长度是正确的。
<>系统水平方向无外力,动量守恒:MV1+M'v2=0 (1) 动量守恒由牛顿定律推导而来,仅适用于惯性系,其中 v1 和 v2 是相对于其余坐标的绝对速度。 >>>More