查找总和为 0 到 100 的 C 程序

#include

int main(void){

int number;

number = (0+100)*101/2;

printf("%d", number);

return 0;

当然，也可以用循环来解决问题，示例程序：

#include

int main(void){

int i;

int number;

number = 0;

for (i=0; i<=100; +i)number += i;

printf("%d", number);

return 0;

通常，使用等差级数的求和公式。

方法较快，但中间过程可能超出了整形的范围，但这可以通过简单的处理来解决。 虽然使用循环语句不会导致中间数据超出范围的问题，但程序速度较慢。

判断一个素数，就是把每个数从10到100取一个循环，然后嵌套循环，把每个数i和2 i-1之间的所有数求和，只要一个是可整除的，就不是素数，否则就是素数。 （素数只能被 1 和它本身整除）。

得到的素数存储在数组中，直接定义数组，保存在循环判断中（数组可以用malloc动态应用，我演示了直接定义固定大小，变量len用于记录保存数据的长度）。

#include

int main(void)

int i,j,num[90],len=0;

for(i=10;i<=100;i++)

for(j=2;jif(i==j) num[len]=i,len++;

打印。 printf("10 到 100 之间的质数是：");

for(i=0;iprintf("%d ",num[i]);

return 0;

1 All 表示读取的数据是按位异或的，异或算法为：

真或假的结果是真的，假或真的结果也是真的，真或真的结果为假，假或假的结果是假的。 也就是说，如果两个值不相同，则 XOR 结果为 true。 否则，它是错误的。

异或也叫半加法运算，其算法等价于无进位的二元加法：在二进制下，1表示真，0表示假，那么异或的算法为：0异或0=0,1异或或0=1,0异或1=1,1异或1=0（与0相同，与1不同）， 这些规则与加法相同，但没有进位。

a^b^b= a ^ b ^ b) = (a ^ b) ^b;这是XOR的算法。

a = 111 1001 0001 1011

b = 101 0010 0110 1111

异或： 010 1011 0111 0100

b = 101 0010 0110 1111

XOR 再次 111 1001 0001 1011 与 a 相同，所以它是 31003

可以得出结论，一个数字和相同的数字是异或的 2 倍，结果不变。

可以证明 1 0 = 1 1 0 = 1，两次运算后仍为 1

0 0 = 0 0 0 = 0，两次操作后仍为 0

1 1 = 0 0 1 = 1，经过两次运算后仍为 1

0 1 = 1 1 1 = 0，两次运算后仍为 0。 认证。

a b 表示 a 和按位 XOR，相同的位是 0，差是 1，两个相同的数字“XOR”是 0，任何带有 0 “XOR” 的数字都不会改变。 因此，a b b 的结果仍然是

表示异或，1 0 = 1,1 1 = 0,0 0 = 0,0 1 = 1，同样是 0，差是 1,131003 的二进制是 11110010001101121103 二进制是 101001001101111111a b 的结果是 010101101110101010a b 的结果是 111100100011011 是 31003

事实上，无论a或b是什么，都存在a b b = a，a b a = b

它是一个移位符号，因此 A 移动两次并返回原点，原点应向右移动。

A 是正确的，p->name 和等效的。

b 是错误的，*p 等价于 temp，所以使用 （*p）->name 是错误的，你必须使用一个点即 （*p）name。

c 是正确的，因为 -> 的优先级最高，所以首先得到 p->name 的值"chou"，是一个字符数组，可以使用数组名 p->name 作为第一个地址，*p->name 是 p->name[0]，即这个字符数组的第一个字符'c'然后'c'+2 得到 'e'

d 正确，则 p->name 的值为"chou"，是一个字符数组，可以取数组名p->name作为第一个地址，*（p->name+2）是p->name[2]，也就是这个字符数组的第三个字符，所以是'o'

b。原因是名称的 ASCII 代码是 +2，即 E。

数组字符串的名称表示第一个地址 C，ASCII 代码 +2 是 E。

假设 ni 表示阶数为 i 的节点数，对于二叉树，公式 n0 = n2 + 1 成立。

二进制链表中的每个节点都有两个指针，一个在左边，一个在右边。 因此，n 个节点的二叉树指针总数为 2*n。

在 n 个节点中，每个度数为 1 的节点都有一个指针标识，每个度数为 0 的节点有两个指针标识。

因此，2*n0 + n1 就足够了。

有 n1 = n - n0 - n2

所以 2*n0 + n1 = 2 * n0 + n - n0 - n2 = n + n0 - n2

再次 n0 = n2 + 1，有 n0 - n2 = 1

因此，2*n0 + n1 = n + 1

综上所述，问题 10 中的第一个空格是 2n，第二个空格是 n + 1