物理紧密的输送带 AB 始终保持在 1m s

绷紧带AB应水平（前提）。

分析：注：1传送带 AB 保持 1 m s 的恒定速率运行 2将行李轻轻放置在 A 处（行李的初始速度为 0）。

行李的初始速度为0，输送带的AB为1m s，因此产生相对运动。

对于行李箱：在水平方向上通过滑动摩擦法f，做初始速度为0的匀速加速度直线运动，当v行李=v通过时，没有相对滑动，做匀速直线运动（需要判断输送带ab是否足够长）。

判断：到行李：f=umg，f=马

当 V 行李 = V 通票时：V 行李 V 行李 - 0 = 2GL（V 行李 V 行李 = V 行李的平方）。

l = so：行李箱先做匀速加速度直线运动，然后再匀速直线运动 1） f = umg = 4n

2） T1 = L（1 个 2V 传输）= 1s

3） tab=t1+t2= （ t2=（lab—l） v-透射率 ）

1）f=mgμ=

2）a=f/m=4/4=1m/s^2

at=v t=v/a=1/1=1s

3）匀速加速度直线运动行进的距离s=1 2at 2=匀速直线运动的距离l=，时间t1=l v=从a到b传递的时间t=t+t1=1+

2.加速度为 a=f m=4 4=1m s

搬运行李的速度达到常用传输速度的时间为t，v=a*t，t=v a=1 1=1s

3.均匀加速度的时间是 t 加 = 1s

均匀加速度运行距离，s 加 = 1 2at 加 2=

剩余匀速运动时间为 t',t'=

总计 t = t'+t 加 = 15+1=

a、t1-t3

小物体做匀速直线运动，此时力是平衡的，小物体不受摩擦力的影响，所以b错了;

c，在 0-t1 时

在时间上，小块由于向右的摩擦力而向左减速，在时间T1-T2时间内，小块向右加速并受到向右的摩擦力的影响，因此C是错误的;

D、T2时间前小块相对于输送带向左，后相对静止，所以D正确所以选择AD

答案 ba - 在 t1 之后，速度反转，距离减小，因此距离在 t2 处不是最大的。

在b-t1之前，两者的速度反转，相对距离增加。 T1-T2，速度方向相同，但输送带速度较大，因此相对距离不断增大。

c – 摩擦力始终向右。

d——t2后，物体与输送带相对静止，无摩擦。

首先，加速度运动为2m s，当加速度为4m s，t=2s位移，x=4 m，没有达到b点时，则物体后面没有以恒定速度做功，对物体的功为动能w=mv 2=16 j，皮带上的位移*力为tv*f=32j

小块在水平方向上受到摩擦，f = mg，得到的加速度为：a fm mg

m g a，如果小块从输送带的右端滑行，并且一直在做匀速减速运动，则速度降为零时的位移为x，则，？2ax＝0?v22

得到：x v22

2a 2 4，所以小块不能到达b点，所以a是错误的;

湾。小物体达不到B点，将速度降低到零然后进行反向加速度运动，当速度等于输送带V1的速度时，匀速移动，返回A点的速度为4m s，所以B是错误的;

三.小块无法到达B点，速度降到零后反向加速的过程相对于初始速度继续向左移动，因此当小块向左移动速度降低到0时，相对于传送带滑动的距离没有达到最大值， 所以C是错的;

d. 向右加速时小块的位移：x v212a

2×4?va＝?4?6

4、此时初始速度的位移：s=v1t=4，所以小物体相对于初始速度的位移：x=s+（x-x）=10+（当小物体在传送带上移动时，彼此之间的摩擦产生的热量为：q=f？）。x=所以 d 是正确的

因此，d

（1）根据牛顿第二定律得到的煤块匀速加速度运动的加速度为：

a=μmgm=1m/s2

2）公式v2=2ax得到的煤块匀速加速度直线运动的位移为：

x=v2a2×1a=1

1v=2?12=2al

由于加速度仍为 a=lm s2，因此最小工作速率为：vmin=2al=

2ms行李的最短运行时间为：tmin=v

mina=21

2s；答：（1）煤块在运动开始时的加速度为1m s2;

2）煤块输送到B点的时间，煤块划痕留在皮带上的长度 （3）如果提高输送带的运行速度，煤块可以更快地输送到B，煤块从A输送到B的最短时间为2s， 输送带对应的最小运行速度为2m s

第三个问题是大幅提高运行速度，这将使物体始终处于加速度状态，而A是固定的，也就是说，只要它在恒定加速度中，就会有最短的时间，那么它的临界最小速度就是对应物体移动到B端的速度，以达到传送带的速度。

l=（1 2）at 得到 t=2 s，则最小运行速度 v=2 m s